Контрольная работа по "Высшей математике"

Автор работы: Пользователь скрыл имя, 25 Апреля 2012 в 19:08, контрольная работа

Описание работы

Числитель и знаменатель дроби имеют пределы, которые равны нулю, то есть мы имеем дело с неопределенностью . Разложим числитель и знаменатель на линейные множители. Числитель раскладываем по теореме Виета, первый корень , а второй . Знаменатель раскладываем воспользовавшись формулой разности квадратов

Файлы: 1 файл

Министерство.docx

— 21.43 Кб (Скачать файл)

, отсюда следует, что график  заданной функции не имеет  наклонных асимптот.

  1. Исследования на монотонность и выпуклость функции объединим и составим сводную таблицу, где в первой строке поместим все критические точки, подозрительные как на экстремум, так и на перегиб графика функции, и соответствующие интервалы.

Найдем  первую производную и критические точки I рода:  

при 

Пусть , тогда , где , а ; то есть , а . Возвращаясь к переменной , получаем: при , , а при , уравнение не имеет решений. Итак, критические точки I рода .

Найдем  вторую производную и критические  точки II рода: 

при , то есть или , и – критические точки II рода.

Исследуем знаки производных в интервалах, на которые критические точки делят числовую ось:  

 

 

0

     

1

 
 

–2

–2,45

0

+

 

0

0

+

14

+

 

0

 

перегиб:

 

min:

-2

 

 

  

  1. прп

 

  
  
  

Решить  систему линейных уравнений методом  Крамера: (66,4)

Решение      

Составим  определитель системы из коэффициентов  при неизвестных и вычислим его (по правилу треугольников):

 

1

2

1

 

Δ=

2

-1

-1

=(1·(-1)·1)+(2·(-1)·5)+(2·1·1)-(1·(-1)·5)-(2·2·1)-(1·(-1)·1)=(-1)+(-10)+

 

5

1

1

 
 

+2-(-5)-4-(-1)=-7

 

Δ=-7≠ 0

 

т.к. определитель не равен 0 (Δ≠0), то система  совместна и имеет единственное решение. Вычислим последовательно  определители Δ1, Δ2  и Δ3.       

Заменив в определителе системы первый столбец (коэффициенты при x1) столбцом свободных членов, получим Δ1. Вычислим его (по правилу треугольников):

 

3

2

1

 

Δ1=

-3

-1

-1

=(3·(-1)·1)+(2·(-1)·(-4))+((-3)·1·1)-(1·(-1)·(-4))-(2·(-3)·1)-(1·(-1)·(3)=

 

-4

1

1

 
       

=(-3)+8+(-3)-4-(-6)-(-3)=7

Δ1= 7 ≠0

 

 

  
      

Аналогично, заменив в определителе системы  второй столбец (коэффициенты при x2) столбцом свободных членов, получим Δ2. Вычислим его (по правилу треугольников):

 

1

3

1

 

Δ2=

2

-3

-1

=(1·(-3)·1)+(3·(-1)·5)+(2·(-4)·1)-(1·(-3)·5)-(3·2·1)-((-4)·(-1)·1) =(-3)+

 

5

-4

1

 
 

+(-15)+(-8)-(-15)-6-4=-21

Δ2= -21 ≠0

 

Информация о работе Контрольная работа по "Высшей математике"